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成都0诊成绩查询

2016-10-13 11:32:01 来源网站: 百味书屋

篇一:2016成都0诊地理

篇二:2015届成都0诊化学试题(含答案)

篇三:成都0诊(物理)

金星教学考试网四川省成都市 2011 届高中毕业班摸底测试物 理 试 题本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,满分 100 分。考试时间 100 分钟。第Ⅰ卷(选择题共 42 分)注意事项: 1.答第 I 卷前,考生务必将自己的姓名、考号、考试科目用铅笔填写在答题卡上。 2.每小题选出答案后,用铅笔把答题卡上对应题号的答案标号涂黑,如需改动,用像皮 擦干净后,再选涂其他答案,不能答在试题卷上。 3.考试结束,监考员将本试卷和答题卡一并收回。 一、本题包括 6 小题,每小题 3 分,共 18 分,每小题只有一个选项符合题意。 1.关于电磁场和电磁波,下列说法正确的是 ( ) A.在真空中,频率越高的电磁波速度越大 B.磁场周围一定存在着电场 C.变化的电场一定在其周围产生变化的磁场 D.麦克斯韦在理论上预言了电磁波,赫兹通过实验证实了电磁波的存在 2.分子动理论较好地解释了物质的宏观热力学性质,据此可判断下列说法中正确的是( ) A.显微镜下观察到墨水中的微小炭粒在不停的做无规则运动,这反映了液体分子运动的 无规则性 B.分子间距增大时,分子间的引力增大而斥力减小 C.分子间距增大时,分子势能一定先减小后增大 D.磁铁可以吸引铁屑,这一事实说明分子间存在引力 3.铁路提速要解决许多技术问题,其中提高机车牵引力功率是一个重要问题。已知列匀速运 动时,列车所受附图与速度的平方成正比,即 f = kv 2 。设提速前速度为 80km / h ,速 后速度为 120km / h ,则提速前与提速后,机车牵引力的功率之比为 A. ( )2 3B.4 9C.8 27D.16 814. 如图 1 所示, 一理想变压器原、 副线圈匝数之比为 5: 交流电源的电压 u = 220 2 = 100π t 1, (V) ,电阻 R = 44 Ω,电压表、电流表均为理电表。则下列说法正确的是 ( )金星国际教育集团版权所有@金星教学考试 金星教学考试网A.交流电的频率为 100Hz C.电压表 V 的示数为 44 2VB.电阻 R 上的功率为 1100W D.电流表 A1 的示数为 0.2A5.我国发射的“神州”五号载人宇宙飞船的周期约为 90min,如果把它绕地球的运动看作是 匀速圆周运动,则飞船的运动和人造地球同步卫星(轨道平面与地球赤道平面共面,运 行周期与地球自转周期相同)的运动相比,下列判断中正确的是 ( ) A.飞船的轨道半径大于同步卫星的轨道半径 B.飞船运行的向心加速大于同步卫星运行的向心加速度 C.飞船的运行速度小于同步卫星的运行速度 D.飞船运行的角速度小于同步卫星运行的角速度 6.如图 2 所示,一足够长的木板 B 放

在水平地面上,木块 A 放在 B 的水平表面上,A 的左端连有轻质弹簧 ,弹簧 左端固定在竖直墙壁上,用力 F 向右拉动木板 B,使 B 以速度 v 做匀速运动,A 相对地面静止时,弹簧的弹力 为 F1。已知木块与木板之间、木板和地面之间的动摩擦 因数相同,A 始终在 B 上,则以下说法中正确的是( ) A.A 相对地面静止后,B 受到的滑动摩擦力的大小等于 F1 B.A 相对地面静止后,地面受到的滑动摩擦力的大小等于 F1 C.若 B 以 2v 的速度产速运动,A 相对地面静止后,A 受到的滑动摩擦力的大小等于 F1 D.若用 2F 的力作用在木板 B 上,A 相对地面静止后,A 受到的滑动摩擦力的大小等于 2F1 二、本题 包括 6 小题,每小题 4 分,共 24 分,每小题给出的四个选项中,有的只有一个选 项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错的得 0 分。7.如图 3 所示,甲图为某一机械横波在 t = 0 时刻的波形图,乙图为 x 轴上 P 点处质点的振 动图象,则下列判断正确的是 ( )A.该列波的波速为 4cm / s B.若 P 点的坐标为 xP = 2cm ,则该列波沿 x 轴的正方向传播 C.该列波的频率可能为 2Hz D.若 P 点的坐标为 xP = 4cm ,则 P 点处质点的振幅为零金星国际教育集团 版权所有@金星教学考试 金星教学考试网8.如图 4 所示,实线为不知方向的三条电场线,虚线 1 和 2 为等势线,从电场中 M 点以相 切于等势线 1 的相同速度飞出 a, b 两个带电粒子, 粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图 中虚线所示,则在开始运动的一小段时间内(粒子在图示 区域内) ( ) A. a 的加速度将减小, b 的加速度将增大 B. a 的速度将减小, b 的速度将增大 C. a 一定带正电, b 一定带负电 D.两个粒子的电势能均减小 9.如图 5 所示,水平放置的平行板电容器与一干电池相连,在电容 器的两板间有一带正电的质点处于静止状态,现将电容器两板间 的距离逐渐增大,则 ( ) A.电容变大,质点向上运动 B.电容变大,质点向下运动 C.电容变小,质点保持静止 D.电容变小,质点向下运动 10.对于常温常压下一定质量的气体,下列说法中正确的是 A.压强增大时,单位体积内的气体分子数可能减小 B.温度升高时,气体分子的平均动能增大 C.要使气体分子的平均动能增大,外界必须向气体转换 D.温度升高时,分子间的平均距离一定增大()11.图 6 所示为一个研究性学习小组设计的一种竖直速度器,他们 先将轻弹簧上端用胶带固定在一块表面竖直的纸板上,让其自 然下垂,在弹簧末端处的纸板上刻上水平线 A;再将质量为 100g 的垫圈用胶

带固定于弹簧的下端,在垫圈静止时的弹簧末 端处刻上水平线 B;然后在 B 的下方刻一水平线 C,使 AB 间 距离等于 BC 间距,假定当地重力加速度值 g=10m/x2。当加速 度器在竖直方向运动,垫圈相对纸板静止时 ( ) A.若弹簧末端在 A 处,则表示此时加速度器的加速度为零 B.若弹簧末端在 A 处,则表示此时加速度器的加速度大小为 g ,且方向向上 C.若弹簧末端在 BC 之间某处,则此时加速度器一定是在加速上升 D.若弹簧末端在 C 处,则垫圈对弹簧的拉力为 2N 12.如图 7 所示,质量为 m 的玩具小车置于光滑水平地面上, 车上固定着一个质量为 ,半径为 R 的内壁光滑的硬质 小圆桶,桶内有一质量为 2m ,可视为质点的光滑小铅 球静止在圆桶的最低点。现让小车和铅球均以速度 v 向 右做匀速运动,当小车遇到固定在地面的障碍物后,与 之碰撞,碰后小车速度反向,且碰撞无能量损失。关于 碰后的运动(小车始终没有离开地面) ,下列说法正确 的是 ( ) A.若铅球上升的最大高度大于 R,则铅球在经过圆桶上与圆心等高的 A 点处,其速度方 向必竖直向上 B.若铅球能到达圆桶最高点,则铅球在最高点的速度大小可以等于零金星国际教育集团 版权所有@金星教学考试 金星教学考试网2C.若铅球上升的最大高度小于 R,则铅球上升的最大高度等于 v / g D.若铅球一直不脱离圆桶,则铅球再次到达最低点时与小车具有相同的速度第Ⅱ卷(非选择题,共 52 分)注意事项: 1.第Ⅱ卷用钢笔或圆珠笔直接答在试卷上。 2.答卷前将密封线内的项目填写清楚。 三、本题共 3 小题,共 15 分。 13.如图 8 甲所示,游标卡尺的读数为 数为 mm。cm;如图 8 乙所示,螺旋测微器的读14.如图 9 所示为接在频率为 50Hz 的低压交流电源的打点计时器,在纸带做匀加速直线运 动时打出的一条纸带,图中所示的点是依次所选的计数点,但第 3 个计数点未画出。相 邻计数点间均有 4 个实际打下的点。则由图示数据可求得:该物体的加速度为 m/s2,打第 3 个计数点时,该物体的速度为 m/s2。15.在测定电池的电动势和内阻的实验中,备有下列器材: A.待测的电池 B.电流表 G(满偏电流 3mA,内阻 Rg = 10 Ω) C.电流表 A(0—0.6A,内阻 0.1Ω) D.滑动变阻器 R1(0—20Ω,5A) E.滑动变阻器(0~2000Ω,1A) F.定值电阻 R0(490Ω) G.开关和导线若干 (1)某同学发现上述器材中虽然没有给出电压表,但给出了两个电流表,于是他设计了 如图 10 所示的实验电路,在该电路中,为了操作方便且能准确地进行测量,滑动变金星国际教育集团 版权所有@金星教学

考试 金星教学考试网阻器应选 (填器材序号字母) 。 (2)根据如图 10 所示的电路图将下列仪器连接成实际测量电路。(3)该同学在实验过程中测得了下面几组数据(I1 为电流表 G 的示数,I2 电流表 A 的示 数) 。请你根据表中数据先描绘出 I1—I2 的图象,再由图象得出电池的电动势 E= V,内阻 r= 。 1 2 3 4 5 6 I1/mA I2/A 2.74 0.11 2.66 0.15 2.54 0.23 2.40 0.28 2.32 0.31 2.12 0.42四、本题共 4 个小题,共 43 分。 16. 分)某地地磁场的磁感应强度方向斜向下指向地面,与竖直方向成 60°角,大小为 5 (8 ×10-5T。一灵敏电压表通过导线连接在当地入海河段的两岩的接线柱上,接线柱与水接触 良好。已知该河段的两岸南北正对,河宽 200m,该河段涨潮和落潮时有海水(视为导体、 电阻极小)流过。设落潮时,海水自正西向正东流,流速为 4m/s。 (1)该河段的南岸和北岸,那边电势高? (2)灵敏电压表的示数是多少?金星国际教育集团版权所有@金星教学考试 金星教学考试网17. 分)如图 11 所示,总质量为 m = 60kg ,可视为质点的滑雪运动员(包括装备)从高 (9 为 H = 30m 的斜面 AB 的顶端 A 点由静止开始沿斜面下滑, B 点进入四分之一圆弧轨 在 道 BC,圆弧半径 R=5m,运动员在 C 点沿竖直方向冲出轨道,经过时间 4s 又从 C 点落 回轨道。若运动员从 C 点离开轨道后受到的空气阻力不计,g 取 10m/s2。求: (1)运动员在 C 点处的速度大小。 (2)运动员从 A 到 C 的过程中损失的机械能。18. 分) (12 如图 12 所示, 为一具有光滑曲面的固定轨道, A 轨道底端是水平的, 质量 M=40kg 的上车 B 静止于轨道右侧, 其板面与轨道底端靠近且在同一水平面上, 一个质量 m=20 kg, 可视为质点的小滑块 C 以 v1 = 2.0m / s 的初速度从轨道顶端滑下,C 冲上小车 B 后,经 一 段 时间 与小 车相 对静止 并 继续 一起 运动 。若轨 道 顶端 与底 端水 平面的 高 度差 为h = 0.8m ,C 与小车板面间的动摩擦因数为 μ = 0.40 ,小车与水平面间的摩擦不计, g取 10m/s2。求 (1)C 与小车保持相对静止时的速度大小。 (2)从 C 冲上小车瞬间到与小车相对静止瞬间所用的时间。 (3)C 冲上小车后相对于小车板面滑动的距离。19. (14 分)如图 13 所示,在平面直角坐标系 xoy 中,仅在第Ⅱ象限存在沿 x 轴正方向的匀 强电场,一质量为 m ,电荷量为 q ,可视为质点的带正电粒子(重力不计)从 x 轴负半 轴 x = ? L 处的 M 点,以初速度 v0 垂直于 x 轴射入电场,经 y 轴上 y = 2 L 处的 P 点进入 第 I 象限。 (1)求电场强度的大小和粒子进入第 I 象限的速度大小。金星

国际教育集团 版权所有@金星教学考试 金星教学考试网(2)现要在第 I 象限内加一半轻适当的半圆形匀强磁场区域,使(1)问中进入第 I 象限 的粒子,恰好以垂直于 x 轴的方向射出磁场。求所知磁场区域的半径。要求;磁场区 域的边界过坐标原点,圆心在 y 一上,磁场方向垂直于从标平面向外,磁感应强度 为mv0 . qL参考答案第Ⅰ卷(选择题,共 42 分) 一、本题包括 6 小题,每小题 3 分,共 18 分。每小题只有一个选项符合题意。 1—6DACDBC 二、本题包括 6 小题,每小题 4 分,共 24 分。每小题给出四个选项中有的只有一个选项正确, 有的有多个选项正确,全部选主的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错的得 0 分。 7.A 8.AD 9.D 10.AB 11.D 12.AC 第Ⅱ卷(非选择题,共 58 分) 三、本题共 3 小题,共 15 分 13.0.62 13.872~13.874(每空 2 分)金星国际教育集团 版权所有@金星教学考试 金星教学考试网14.0.5m/s2 0.61m/s(每空 2 分) 15. (1)D (1 分) (2)电路如图(1 分) (3)图象如图(1 分) E = 1.50(1.47 ~ 1.50) V(2 分)r = 1.0(0.9 ~ 1.1) Ω(2 分)四、本题共 4 小题,共 43 分。 16. 分)解: (8 (1)海水在落潮时自西向东流,该过程可以理解为:自西向东运动的导体棒 在切割竖直向下的磁场。根据右手定则,北岸是正极,电势高 (3 分) (2)地磁场竖直向下的分量为 By = B cos 60 = 2.5 × 10 T0 ?5(2 分)根据法拉第电磁感应定律 E = By Lv 代入数据解得 E = 2 × 10 V = 20mV?2(1 分) (2 分) (2 分)17. 分)解: (9 (1)运动员离开 C 点后做竖直上抛运动,上升时间 t = 2 s 在 C 点的速度 vC = gt = 20m / s (2 分)(2)从 A 滑到 C 的过程中,由能量守恒定律有 ?E = mg ( H ? R ) ? 代入数据解得 ?E = 3000 J 18. (12 分)1 2 mvC (3 分) 2(2 分)解: (1)下滑过程中机械能守恒,设 C 滑至轨道底端时的速度大小为 v2∵ mgh +1 2 1 2 mv1 = 0 + mv2 2 2(2 分) (1 分)∴ v2 = v12 + 2 gh = 2 5m / s相互作用过程中动量守恒,设相对静止时的速度为 v ,有 mv2 = ( m + M )v (2 分)∴v =mv2 20 × 2 5 2 = = 5m / s m+M 20 + 40 3(1 分)(2)对小车 由动量定理有 μ mgt = Mv金星国际教育集团(2 分)版权所有@金星教学考试 金星教学考试网t=Mv 5 = s μ mg 31 2 1 mv2 ? (m + M )v 2 2 2(1 分)(3)由能量守恒定律有 μ mgl =2 mv2 ? (m + M )v 2 5 l= = m 2μ mg 3(2 分)(1 分)19. (14 分) 解: (1)设粒子到达 P 点用时为 tx 方向: L =1 qE 2 × t 2 m(2 分) (1 分)y 方向: 2 L = v0 t解得 E =2 mv0 2qL(1 分)又由动能

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